往年百度校園招聘筆試題

為了保證結(jié)果的公正、公平，考場必須要求有很強的紀(jì)律約束，并且專門設(shè)有主考、監(jiān)考等監(jiān)督考試過程，下面小編給大家分享往年百度校園招聘筆試題內(nèi)容，希望能夠幫助大家!

往年百度校園招聘筆試題

筆試的題目：

一.簡答題

1.簡述iso的7層設(shè)計

2.如何在多個進行間進行數(shù)據(jù)共享(至少寫出3種)

3.簡述TCP與UDP的區(qū)別

二.算法題

1.有一個數(shù)據(jù)A = [a_1,a_2,a_3.....a_n],n的大小不定，請設(shè)計算法將A中的所有數(shù)據(jù)組合進行輸出

2.有一個數(shù)組，里面的元素相鄰之間相差絕對值1，如{4,5,6,5,4,5,6,7,8,7,8,9}，先給定已數(shù)據(jù)A請輸出該數(shù)據(jù)在數(shù)組中的位置J?

3.二叉樹的面積等于二叉樹的長乘以二叉樹的寬，二叉樹的寬等于最長節(jié)點間的距離，二叉樹的長等于根節(jié)點到子節(jié)點的最長長度，請設(shè)計算法計算二叉樹的面積?

三.算法設(shè)計題

百度地圖中存在需要標(biāo)注的很多點，并且這些點都需要帶描述，現(xiàn)將描述假設(shè)為矩形，并且可以位于點的左邊或右邊，但點不能移動，如果兩個點間的描述發(fā)生覆蓋，則

需要將其中的一個點進行刪除

1.在一個區(qū)域內(nèi)，請設(shè)計算法將有效的點進行輸出(盡可能多的點)?

2.如果區(qū)域足夠大，點足夠多，算法會出現(xiàn)性能的瓶頸，請設(shè)計詳細的算法來說明并解決問題?

百度校園招聘筆試題

一、簡答題

1、OSI的七層模型。(10分)

OSI的七層模型如下圖所示：

2、請列舉下不同進程之間共享數(shù)據(jù)的方式(至少舉出三種)。(10分)

1、文件映射(Memory-Mapped Files)能使進程把文件內(nèi)容當(dāng)作進程地址間一塊內(nèi)存那樣來對待

2、共享內(nèi)存(Shared Memory)實際就是文件映射的一種特殊情況

3、命名管道(Named Pipe)是服務(wù)器進程和一個或多個客戶進程之間通信的單向或雙向管道

4、郵件槽(Mailslots)提供進程間單向通信能力，任何進程都能建立郵件槽成為郵件槽服務(wù)器

5、剪貼板(Clipped Board)為不同應(yīng)用程序之間共享不同格式數(shù)據(jù)提供了一條捷徑

6、動態(tài)連接庫(DLL)中的全局?jǐn)?shù)據(jù)可以被調(diào)用DLL的所有進程共享

3、請描述下TCP和UDP的差別，并且各列舉出一個上層協(xié)議。(10分)

TCP---傳輸控制協(xié)議,提供的是面向連接、可靠的字節(jié)流服務(wù)。當(dāng)客戶和服務(wù)器彼此交換數(shù)據(jù)前，必須先在雙方之間建立一個TCP連接，之后才能傳輸數(shù)據(jù)。TCP提供超時重發(fā)，丟棄重復(fù)數(shù)據(jù)，檢驗數(shù)據(jù)，流量控制等功能，保證數(shù)據(jù)能從一端傳到另一端。

UDP---用戶數(shù)據(jù)報協(xié)議，是一個簡單的面向數(shù)據(jù)報的運輸層協(xié)議。UDP不提供可靠性，它只是把應(yīng)用程序傳給IP層的數(shù)據(jù)報發(fā)送出去，但是并不能保證它們能到達目的地。由于UDP在傳輸數(shù)據(jù)報前不用在客戶和服務(wù)器之間建立一個連接，且沒有超時重發(fā)等機制，故而傳輸速度很快。

經(jīng)常使用“ping”命令的原理就是向?qū)Ψ街鳈C發(fā)送UDP數(shù)據(jù)包，ftp等就是使用到的TCP協(xié)議

二、算法與程序設(shè)計

1、給出一個數(shù)據(jù)A={a_0,a_1,a_2…a_n}(其中n可變)，打印出該數(shù)值元素的所有組合。(15分)

因為題目要求n可變，所以不可能是n層for循環(huán)的方式，可以采用遞歸的方式來實現(xiàn)，每次取一個元素，在剩下元素的數(shù)組中遞歸，要注意遞歸結(jié)束的條件。

2、有這樣一個數(shù)組A，大小為n，相鄰元素差的絕對值都是1，如A={4,5,6,5,6,7,8,9,10,9}，現(xiàn)在給定數(shù)組A和目標(biāo)整數(shù)t，請找到t在A中的位置。(15分)

最簡單的方式是循環(huán)遍歷每一個元素之后比較，找到t在A中的位置，此種方法效率最低;

改進：因為相鄰元素差的絕對值都是1，那么任意兩個元素相距的位置至少是兩元素差的絕對值個，假設(shè)要找的元素是t，t和a(0)的差為y1=abs(t-a[0]),那么t和a[0]的距離至少是y1，再求一次差值y2=abs(t-a[y1]),t和a[y1+y2]的距離至少是y2，繼續(xù)向后查找，直到相等為止，此種方法效率較前一種高

3、有一顆二叉樹，定義樹的高度為從根到葉子節(jié)點的最長距離，樹的寬度為每層節(jié)點的最大值，樹的面積定義為高度和寬度的乘積。寫一個函數(shù)計算一個二叉樹的面積。(15分)

廣度遍歷求樹的寬度，深度遍歷求樹的高度，之后計算面積

歷年網(wǎng)易校園招聘筆試題

1、假設(shè)進棧次序是e1, e2, e3, e4，那可能的出棧次序是()

A、e2, e4, e3, e1

B、e2, e3, e4, e1

C、e3, e2, e4, e1

D、e1, e2, e4, e3

給定入棧順序，求出可能的出棧順序。(點評：老得掉渣得題目了，只要小心點都沒有問題)

2、表達式X=A+B__(C-D)/E的后綴表示形式可以是()

A、XAB+CDE/-__=

B、XA+BC-DE/__=

C、XABCD-__E/+=

D、XABCDE+__/=

分析：XABCD-__E/+=

3.四叉樹中包含地空指針數(shù)量有多少?假設(shè)每個節(jié)點含有四個指向其孩子的指針，那么給定n個節(jié)點，其4n個指針有多少指向空?(比較簡單的題目，n個節(jié)點使用了的指針有n-1,所以最后的答案位4n-(n-1)=3n+1)

分析：或者舉例說明也行。。

4.那個排序算法是非穩(wěn)定的?選擇，冒泡、希爾，堆排序，快速等 (也是比較基礎(chǔ)的題目)

A、冒泡排序 B、歸并排序 C、快速排序 D、堆排序 E、希爾排序

分析：凡是O(n^2)的全部是穩(wěn)定排序，O(nlogn)的全部是非穩(wěn)定排序。。

5.根據(jù)函數(shù)，賦予參數(shù)值，寫輸出。。請問func(0x7f530829)的返回值是()

int func(unsigned int i)

{

unsigned int temp = i;

temp = (temp & 0x55555555) + ((temp & 0xaaaaaaaa)>>1);

temp = (temp & 0x33333333) + ((temp & 0xcccccccc)>>2);

temp = (temp & 0x0f0f0f0f) + ((temp & 0xf0f0f0f0)>>4);

temp = (temp & 0xff00ff) + ((temp & 0xff00ff00)>>8);

temp = (temp & 0xffff) + ((temp & 0xffff0000)>>16);

return temp;

}

A、15 B、16 C、17 D、18

分析：函數(shù)實現(xiàn)的是求二進制表示的時候，1的個數(shù)，一共15個

最開始把每一個位看做一個節(jié)點，相鄰節(jié)點值相加，結(jié)果用兩個位表示。。。

然后每兩個位看做一個節(jié)點，相鄰節(jié)點值相加，結(jié)果用四個位表示。。。

以此類推，直到只剩下一個節(jié)點。。。

6.進程與線程的區(qū)別：系統(tǒng)調(diào)度是對進程還是線程，線程與進程共享的內(nèi)存空間、公共地址空間等;

A.操作系統(tǒng)只調(diào)度進程，不調(diào)度線程

B.線程共享內(nèi)存地址空間，進程不共享

C.線程間可共享內(nèi)存數(shù)據(jù)，但進程不可以

D.進程可以通過IPC通信,但線程不可以

7.內(nèi)存管理：段頁式管理，地址映射表是?(操作系統(tǒng)方面的知識也不能掉以輕心呀)

A. 每個作業(yè)或進程一張段表，一張頁表

B. 每個作業(yè)或進程的每個段一張段表，一張頁表

C. 每個作業(yè)或進程一張段表，每個段一張頁表

D. 每個作業(yè)一張頁表，每個段一張段表

8、關(guān)于TCP協(xié)議，下面哪種說法是錯誤的()

A、TCP關(guān)閉連接過程中，兩端的socket都會經(jīng)過TIME_WAIT狀態(tài)

B、對一個Established狀態(tài)的TCP連接，調(diào)用shutdown函數(shù)可以讓主動調(diào)用的一方進入半關(guān)閉狀態(tài)

C、TCP協(xié)議默認(rèn)保證了當(dāng)TCP的一端發(fā)生意外崩潰(當(dāng)機、網(wǎng)線斷開或路由器故障)，另一端能自動檢測到連接失效

D、在成功建立連接的TCP上，只有在Established狀態(tài)才能收發(fā)數(shù)據(jù)，其他狀態(tài)都不可以。

分析：tcp/ip協(xié)議的實際使用過程中的問題：例如單方面斷開后，另一端出于哪種狀態(tài)，還有

9、關(guān)于主鍵Primary Key和索引index的說法哪些是錯誤的?()

A、唯一索引的列允許為NULL值

B、一個關(guān)系表中的外鍵必定是另一表中的主鍵

C、一個表中只能有一個唯一性索引

D、索引主要影響查詢過程，對數(shù)據(jù)的插入影響不大

分析：數(shù)據(jù)庫方面的知識：主鍵和索引的基本定義及其性質(zhì)，例如主鍵在表中是否唯一，索引的速度以及對表的改變的影響;無論是唯一索引還是非唯一索引，索引列都允許取NULL值

10、數(shù)據(jù)庫的事務(wù)隔離級別一般分為4個級別，其中可能發(fā)生“不可重復(fù)讀”的事物級別有()

A、SERIALIZABLE

B、READ COMMITTED

C、READ UNCOMMITTED

D、REPEATABLE READ

分析數(shù)據(jù)庫：數(shù)據(jù)庫的不可重復(fù)訪問異常，四種事務(wù)隔離級別中哪些可以避免該類異常?

各隔離級別對各種異常的控制能力

LU丟失更新 DR臟讀 NRR非重復(fù)讀 SLU二類丟失更新 PR幻像讀

未提交讀 RU Y Y Y Y Y

提交讀 RC N N Y Y Y

可重復(fù)讀 RR N N N N Y

串行讀 S N N N N Y

11、如果F(n)為該數(shù)列的第n項，那么這句話可以寫成如下形式：

F(1)=1，F(xiàn)(2)=1，F(xiàn)(n)=F(n-1)+F(n-2) (n>=3)

請實現(xiàn)該函數(shù)F(n)的求解，并給出算法復(fù)雜度，要求算法復(fù)雜度小于O(n^2)。

思路：使用滾動數(shù)組可以保存以前保存的結(jié)果，加快速度，減少空間復(fù)雜度。

int Fib(int index)

{

if(index<1)

{

return-1;

}

int a1=1,a2=1,a3=1;

for(int i=0;i

{

a3=a1+a2;

a1=a2;

a2=a3;

}

return a3;

}

第二 部分(必做)：程序設(shè)計

1、下面的程序的輸出是什么?

#include

int main(void)

{

int n;

char y[10] = "ntse";

char __x = y;

n = strlen(x);

__x = x[n];

x++;

printf("x=%s\n",x);

printf("y=%s\n",y);

return 0;

}

輸出：

x=tse

y=

因為n=4，則__x = x[n]; 的功能是將x指向的第一個字符n修改為\0，這樣y字符串就結(jié)束了，所以第二輸出為空，x++操作后，x指向第二個字符t，所以第一個輸出為：tse。

2、請給出下面程序的輸出結(jié)果，并說明原因。

#include

#include

using namespace std;

template

class array

{

public:

array(int size);

size_t getVectorSize()

{

return _data.size();

}

size_t getSize()

{

return _size;

}

public:

vector _data;

size_t _size;

};

template

array::array(int size) : _size(size) , _data(_size)

{ }

int main(void)

{

array __arr = new array(3);

cout

cout

return 0;

}

12.寫一個程序來確定系統(tǒng)是大端模式還是小端模式;

13.編程實現(xiàn)采用位操作來實現(xiàn)整數(shù)的加法操作。

14. 圖的矩陣表示法，圖的深度優(yōu)先遍歷，算法思路及其實現(xiàn)。

15.CAS(compare and swap)操作實現(xiàn)：(具體原理可以參考)

16.fork函數(shù)的用法。具體題目為：

#include

#include

#include

int main(void)

{

int i;

for(i=0; i<2; i++){

fork();

printf("-");

fflush(stdout);

}

return 0;

}

6個-

詳見：https://coolshell.cn/articles/7965.html

17.spin lock原理：

先來一些代碼吧!

void initlock(volatile int__ lock_status)

{

__lock_status = 0;

}

void lock(volatile int__ lock_status)

{

while(test_and_set(lock_status = =1);

}

void unlock(volatile int__ lock_status)

{

__lock_status = 0;

}

問題：volatile的作用?lock函數(shù)優(yōu)化(針對在多cpu上提高cpu cache)?上面的缺陷(內(nèi)存模式上的)?

volatile的作用： 作為指令關(guān)鍵字，確保本條指令不會因編譯器的優(yōu)化而省略，且要求每次直接讀值。如果沒有volatile，基本上會導(dǎo)致這樣的結(jié)果：要么無法編寫多線程程序，要么編譯器失去大量優(yōu)化的機會。

18.給定一個巨大的文件，如何從中選出k行，隨處輸出k行到文件中。要求每一行出現(xiàn)的概率都相等。設(shè)計算法、說明思路，算法復(fù)雜度。

19.win32中WM_Quit的作用是什么?

20.比較mutex和臨街區(qū)之間的區(qū)別，并說明其使用場景。

21.多線程編程，如何安全退出線程。

還有網(wǎng)易數(shù)據(jù)挖掘方面的題目，這次數(shù)據(jù)挖掘的題目比較新奇，都是簡答題。如下：

1，簡述你對數(shù)據(jù)與處理的認(rèn)識;

2，簡述你對中文分詞的理解，說明主要難點和常用算法;

3，常見的分類算法有哪些;

4，簡述K-MEANS算法;

5，設(shè)計一個智能的商品推薦系統(tǒng);

6，簡述你對觀點挖掘的認(rèn)識

網(wǎng)易游戲筆試的人太少，因此可提供的筆試題目都不全，只是聽說特別的難。還有好多是數(shù)學(xué)方面的智力題。例如：

1、英雄升級，從0級升到1級，概率100%。

從1級升到2級，有1/3的可能成功;1/3的可能停留原級;1/3的可能下降到0級;

從2級升到3級，有1/9的可能成功;4/9的可能停留原級;4/9的可能下降到1級。

每次升級要花費一個寶石，不管成功還是停留還是降級。

求英雄從0級升到3級平均花費的寶石數(shù)目。